• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay
• Học ngay

Đề khảo sát chất lượng môn Toán cụm 5 Ninh Bình năm 2025 - 2026

Số câu: 22 câu  Thời gian làm bài: 90 phút

Phạm vi kiểm tra: Toán THPT

Lưu ý: Bạn chỉ có thể làm các câu hỏi trắc nghiệm. HocTot.XYZ chưa hỗ trợ làm các câu hỏi tự luận

Làm từng câu Làm tất cả

Bắt đầu làm bài

a) Hàm số biểu thị tốc độ tăng trưởng lợi nhuận $P'(t) = - 3t^{2} + 20t + 63t$.

b) Lợi nhuận của công ty đạt mức tối đa tại thời điểm t = 9.

c) Tại thời điểm t = 4 thì tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là lớn nhất.

d) Lợi nhuận của công ty sau 1 quý là 27 triệu đồng.

a) Hàm số biểu thị tốc độ tăng trưởng lợi nhuận $P'(t) = - 3t^{2} + 20t + 63t$.

b) Lợi nhuận của công ty đạt mức tối đa tại thời điểm t = 9.

c) Tại thời điểm t = 4 thì tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là lớn nhất.

d) Lợi nhuận của công ty sau 1 quý là 27 triệu đồng.

a) Hàm số biểu thị tốc độ tăng trưởng lợi nhuận $P'(t) = - 3t^{2} + 20t + 63t$.

b) Lợi nhuận của công ty đạt mức tối đa tại thời điểm t = 9.

c) Tại thời điểm t = 4 thì tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là lớn nhất.

d) Lợi nhuận của công ty sau 1 quý là 27 triệu đồng.

Một công ty sau khi ra mắt sản phẩm mới đã ghi nhận lợi nhuận P(t) (đơn vị: triệu đồng) sau t tháng kinh doanh. Trong năm đầu tiên, giả sử mối liên hệ giữa lợi nhuận và thời gian kinh doanh được mô hình hoá bởi hàm số: $P(t) = - t^{3} + 10t^{2} + 63t - 45$, $0 \\leq t \\leq 12$.

a) Hàm số biểu thị tốc độ tăng trưởng lợi nhuận $P'(t) = - 3t^{2} + 20t + 63t$.

b) Lợi nhuận của công ty đạt mức tối đa tại thời điểm t = 9.

c) Tại thời điểm t = 4 thì tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là lớn nhất.

d) Lợi nhuận của công ty sau 1 quý là 27 triệu đồng.

a) Sai. Hàm số biểu thị tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là \\(P'(t) =  - 3{t^2} + 20t + 63\\).

b) Đúng. Xét trên [0; 12]: \\(P'(t) =  - 3{t^2} + 20t + 63 = 0 \\Leftrightarrow t = 9\\).

Ta có f(0) = -45; f(9) = 603; f(12) = 423. Vậy lợi nhuận của công ty đạt mức tối đa tại thời điểm t = 9.

c) Sai. \\(P''(t) =  - 6t + 20 = 0 \\Leftrightarrow t = \\frac{{10}}{3}\\).

P’(0) = 63; \\(P'\\left( {\\frac{{10}}{3}} \\right) = \\frac{{289}}{3}\\); P’(12) = -129. Vậy tại thời điểm \\(t = \\frac{{10}}{3}\\) thì tốc độ tăng trưởng lợi nhuận là lớn nhất.

d) Sai. Lợi nhuận của công ty sau 1 quý là P(3) = 207 (triệu đồng).

a) Tìm P’(t).

b) Tìm GTLN của P(t) trên [0; 12].

c) Tìm GTLN của P’(t) trên [0; 12].

d) Tính P(3).

Một công ty bất động sản thực hiện cuộc khảo sát khách hàng xem họ có nhu cầu mua ở mức giá nào cho một căn nhà, để tiến hành dự án xây dựng khu đô thị mới sắp tới. Kết quả khảo sát 500 khách hàng được ghi lại ở bảng sau:

a) Phương sai xấp xỉ 20,52.

b) Biết rằng công ty sẽ xây dựng phân khúc nhà giá rẻ cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá thấp nhất theo khảo sát, xây dựng phân khúc nhà giá cao cấp cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá cao nhất theo khảo sát. Tuy nhiên trước hết sẽ ưu tiên xây dựng phân khúc nhà tầm trung hướng tới 50% số khách hàng còn lại. Khi đó theo khảo sát, độ chênh lệch giá cao nhất và giá thấp nhất (đúng đến hàng phần mười, đơn vị triệu đồng) dành cho phân khúc nhà tầm trung là 6,1 triệu.

c) Tứ phân vị thứ ba là 25.

d) Độ dài mỗi nhóm là 4.

a) Phương sai xấp xỉ 20,52.

b) Biết rằng công ty sẽ xây dựng phân khúc nhà giá rẻ cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá thấp nhất theo khảo sát, xây dựng phân khúc nhà giá cao cấp cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá cao nhất theo khảo sát. Tuy nhiên trước hết sẽ ưu tiên xây dựng phân khúc nhà tầm trung hướng tới 50% số khách hàng còn lại. Khi đó theo khảo sát, độ chênh lệch giá cao nhất và giá thấp nhất (đúng đến hàng phần mười, đơn vị triệu đồng) dành cho phân khúc nhà tầm trung là 6,1 triệu.

c) Tứ phân vị thứ ba là 25.

d) Độ dài mỗi nhóm là 4.

a) Phương sai xấp xỉ 20,52.

b) Biết rằng công ty sẽ xây dựng phân khúc nhà giá rẻ cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá thấp nhất theo khảo sát, xây dựng phân khúc nhà giá cao cấp cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá cao nhất theo khảo sát. Tuy nhiên trước hết sẽ ưu tiên xây dựng phân khúc nhà tầm trung hướng tới 50% số khách hàng còn lại. Khi đó theo khảo sát, độ chênh lệch giá cao nhất và giá thấp nhất (đúng đến hàng phần mười, đơn vị triệu đồng) dành cho phân khúc nhà tầm trung là 6,1 triệu.

c) Tứ phân vị thứ ba là 25.

d) Độ dài mỗi nhóm là 4.

Một công ty bất động sản thực hiện cuộc khảo sát khách hàng xem họ có nhu cầu mua ở mức giá nào cho một căn nhà, để tiến hành dự án xây dựng khu đô thị mới sắp tới. Kết quả khảo sát 500 khách hàng được ghi lại ở bảng sau:

a) Phương sai xấp xỉ 20,52.

b) Biết rằng công ty sẽ xây dựng phân khúc nhà giá rẻ cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá thấp nhất theo khảo sát, xây dựng phân khúc nhà giá cao cấp cho 25% số khách hàng có nhu cầu mua ở mức giá cao nhất theo khảo sát. Tuy nhiên trước hết sẽ ưu tiên xây dựng phân khúc nhà tầm trung hướng tới 50% số khách hàng còn lại. Khi đó theo khảo sát, độ chênh lệch giá cao nhất và giá thấp nhất (đúng đến hàng phần mười, đơn vị triệu đồng) dành cho phân khúc nhà tầm trung là 6,1 triệu.

c) Tứ phân vị thứ ba là 25.

d) Độ dài mỗi nhóm là 4.

d) Đúng. Độ dài mỗi nhóm là 4.

c) Sai. \\({Q_3} = 18 + \\frac{{\\frac{{500.3}}{4} - (75 + 105)}}{{197}}(22 - 18) = \\frac{{4326}}{{197}} \\approx 21,96\\).

b) Đúng. \\({Q_1} = 14 + \\frac{{\\frac{{500}}{4} - 75}}{{105}}(18 - 14) = \\frac{{334}}{{21}} \\approx 15,9\\).

Độ chênh lệch giá cao nhất và giá thấp nhất là: \\({\\Delta _Q} = {Q_3} - {Q_1} \\approx 6,1\\).

a) Đúng. Số trung bình: \\(\\overline x  = \\frac{{12.75 + 16.105 + 20.197 + 24.80 + 28.43}}{{75 + 105 + 197 + 80 + 43}} = \\frac{{9644}}{{500}}\\).

Phương sai: \\({s^2} = \\frac{1}{{500}}\\left[ {{{75.12}^2} + {{105.16}^2} + {{197.20}^2} + {{80.24}^2} + {{43.28}^2}} \\right] - {\\overline x ^2} \\approx 20,52\\).

a) Áp dụng công thức tính phương sai của mẫu số liệu ghép nhóm.

b) Áp dụng công thức tính tứ phân vị thứ ba của mẫu số liệu ghép nhóm.

c) Áp dụng công thức tính khoảng tứ phân vị của mẫu số liệu ghép nhóm.

d) Để tính độ dài nhóm, ta lấy đầu mút phải trừ đi đầu mút trái của nhóm.

Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho ba điểm A(a; 0; 0), B(0; b; 0), C(0; 0; c) với a, b, c đều dương.

a) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm M(2; -2; 3) sao cho độ dài OA, OB, OC theo thứ tự lập thành cấp số cộng có công sai bằng 2. Khoảng cách từ điểm D(1; 1; 1) tới mặt phẳng (ABC) bằng $\\dfrac{m}{n}$ với $\\dfrac{m}{n}$ là phân số tối giản. Khi đó T = m + n = 8.

b) Mặt phẳng (ABC) có phương trình $\\dfrac{x}{a} + \\dfrac{y}{b} + \\dfrac{z}{c} = 1$.

c) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm H(1; 1; 1) sao cho H là trực tâm tam giác ABC là x + y + z – 3 = 0.

d) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm G(1; 2; 3) sao cho G là trọng tâm tam giác ABC là 6x + 3y + 2z + 18 = 0.

a) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm M(2; -2; 3) sao cho độ dài OA, OB, OC theo thứ tự lập thành cấp số cộng có công sai bằng 2. Khoảng cách từ điểm D(1; 1; 1) tới mặt phẳng (ABC) bằng $\\dfrac{m}{n}$ với $\\dfrac{m}{n}$ là phân số tối giản. Khi đó T = m + n = 8.

b) Mặt phẳng (ABC) có phương trình $\\dfrac{x}{a} + \\dfrac{y}{b} + \\dfrac{z}{c} = 1$.

c) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm H(1; 1; 1) sao cho H là trực tâm tam giác ABC là x + y + z – 3 = 0.

d) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm G(1; 2; 3) sao cho G là trọng tâm tam giác ABC là 6x + 3y + 2z + 18 = 0.

a) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm M(2; -2; 3) sao cho độ dài OA, OB, OC theo thứ tự lập thành cấp số cộng có công sai bằng 2. Khoảng cách từ điểm D(1; 1; 1) tới mặt phẳng (ABC) bằng $\\dfrac{m}{n}$ với $\\dfrac{m}{n}$ là phân số tối giản. Khi đó T = m + n = 8.

b) Mặt phẳng (ABC) có phương trình $\\dfrac{x}{a} + \\dfrac{y}{b} + \\dfrac{z}{c} = 1$.

c) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm H(1; 1; 1) sao cho H là trực tâm tam giác ABC là x + y + z – 3 = 0.

d) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm G(1; 2; 3) sao cho G là trọng tâm tam giác ABC là 6x + 3y + 2z + 18 = 0.

Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho ba điểm A(a; 0; 0), B(0; b; 0), C(0; 0; c) với a, b, c đều dương.

a) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm M(2; -2; 3) sao cho độ dài OA, OB, OC theo thứ tự lập thành cấp số cộng có công sai bằng 2. Khoảng cách từ điểm D(1; 1; 1) tới mặt phẳng (ABC) bằng $\\dfrac{m}{n}$ với $\\dfrac{m}{n}$ là phân số tối giản. Khi đó T = m + n = 8.

b) Mặt phẳng (ABC) có phương trình $\\dfrac{x}{a} + \\dfrac{y}{b} + \\dfrac{z}{c} = 1$.

c) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm H(1; 1; 1) sao cho H là trực tâm tam giác ABC là x + y + z – 3 = 0.

d) Mặt phẳng (ABC) đi qua điểm G(1; 2; 3) sao cho G là trọng tâm tam giác ABC là 6x + 3y + 2z + 18 = 0.

b) Đúng. Mặt phẳng (ABC) có phương trình \\(\\frac{x}{a} + \\frac{y}{b} + \\frac{z}{c} = 1\\).

d) Sai. G là trọng tâm tam giác ABC nên \\(G\\left( {\\frac{{a + 0 + 0}}{3};\\frac{{0 + b + 0}}{3};\\frac{{0 + 0 + c}}{3}} \\right) \\Rightarrow G\\left( {\\frac{a}{3};\\frac{b}{3};\\frac{c}{3}} \\right)\\).

Mà theo đề bài \\(G(1;2;3) \\Rightarrow a = 3,b = 6,c = 9\\).

Vậy (ABC): \\(\\frac{x}{3} + \\frac{y}{6} + \\frac{z}{9} = 1 \\Leftrightarrow 6x + 3y + 2z - 18 = 0\\).

c) Đúng. Gọi AF, CE lần lượt là đường cao của tam giác ABC.

OABC là tứ diện có OA, OB, OC đôi một vuông góc, H là trực tâm của tam giác ABC.

\\(\\left. \\begin{array}{l}OA \\bot (OBC) \\Rightarrow OA \\bot BC\\\\AH \\bot BC\\end{array} \\right\\} \\Rightarrow BC \\bot (OAF) \\Rightarrow BC \\bot OH\\) (1)

\\(\\left. \\begin{array}{l}OC \\bot (OAB) \\Rightarrow OC \\bot AB\\\\CE \\bot AB\\end{array} \\right\\} \\Rightarrow AB \\bot (OCE) \\Rightarrow AB \\bot OH\\) (2)

Từ (1) và (2) suy ra \\(OH \\bot (ABC) \\Rightarrow \\overrightarrow {OH}  = (1;1;1)\\) là vecto pháp tuyến của mặt phẳng (ABC).

Vậy (ABC): \\(1(x - 1) + 1(y - 1) + 1(z - 1) = 0 \\Leftrightarrow x + y + z - 3 = 0\\).

a) Đúng. Vì A(a; 0; 0) nên OA = a, tương tự ta có OB = b, OC = c.

OA, OB, OC có độ dài lần lượt lập thành cấp số cộng có công sai bằng 2, do đó b = a + 2, c = a + 4.

Suy ra (ABC): \\(\\frac{x}{a} + \\frac{y}{{a + 2}} + \\frac{z}{{a + 4}} = 1\\). Mà M(2; -2; 3) thuộc (ABC) nên:

\\(\\frac{2}{a} + \\frac{{ - 2}}{{a + 2}} + \\frac{3}{{a + 4}} = 1 \\Leftrightarrow a = 2 \\Rightarrow b = 4,c = 6\\).

Vậy (ABC): \\(\\frac{x}{2} + \\frac{y}{4} + \\frac{z}{6} = 1 \\Leftrightarrow 6x + 3y + 2z - 12 = 0\\).

\\(d\\left( {D,(ABC)} \\right) = \\frac{{\\left| {6.1 + 3.1 + 2.1 - 12} \\right|}}{{\\sqrt {{6^2} + {3^2} + {2^2}} }} = \\frac{1}{7} \\Rightarrow T = m + n = 1 + 7 = 8\\).

b) Lập phương trình mặt phẳng (ABC) theo đoạn chắn.

c) Chứng minh VTPT của (ABC) là , sau đó lập phương trình mặt phẳng (ABC).

d) Từ tọa độ trọng tâm G, tìm tọa độ ba đỉnh A, B, C, từ đó suy ra phương trình mặt phẳng (ABC).

a) Từ tính chất của cấp số cộng, biểu diễn b, c theo a và thay tọa độ điểm M vào phương trình đoạn chắn để tìm a, b, c. Áp dụng công thức tính khoảng cách từ một điểm đến mặt phẳng để tìm m, n.

Cho một bể chứa nước và ban đầu chưa có nước. Người ta bắt đầu bơm nước vào bể với lưu lượng là $L_{1}(t) = 6t + 3$ (lít/phút). Cùng lúc đó, do bể có một vết nứt dưới đáy nên nước bị chảy ra ngoài với lưu lượng là $L_{2}(t) = 2t$ (lít/phút). Dung tích tối đa của bể là 2015 lít.

Hỏi trong các mệnh đề dưới đây, mệnh đề nào là đúng, mệnh đề nào là sai?

a) Nếu bơm được 30 phút thì dừng thì lượng nước trong bể chưa đầy bể.

b) Thể tích nước được bơm vào bể trong 5 phút đầu tiên là 90 (lít).

c) Thể tích nước chảy ra từ bể trong 5 phút đầu tiên là 10 (lít).

d) Khi nước chảy vào vừa làm đầy bể, thì đã có nhiều hơn 900 lít nước bị chảy ra ngoài (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị).

a) Nếu bơm được 30 phút thì dừng thì lượng nước trong bể chưa đầy bể.

b) Thể tích nước được bơm vào bể trong 5 phút đầu tiên là 90 (lít).

c) Thể tích nước chảy ra từ bể trong 5 phút đầu tiên là 10 (lít).

d) Khi nước chảy vào vừa làm đầy bể, thì đã có nhiều hơn 900 lít nước bị chảy ra ngoài (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị).

a) Nếu bơm được 30 phút thì dừng thì lượng nước trong bể chưa đầy bể.

b) Thể tích nước được bơm vào bể trong 5 phút đầu tiên là 90 (lít).

c) Thể tích nước chảy ra từ bể trong 5 phút đầu tiên là 10 (lít).

d) Khi nước chảy vào vừa làm đầy bể, thì đã có nhiều hơn 900 lít nước bị chảy ra ngoài (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị).

Cho một bể chứa nước và ban đầu chưa có nước. Người ta bắt đầu bơm nước vào bể với lưu lượng là $L_{1}(t) = 6t + 3$ (lít/phút). Cùng lúc đó, do bể có một vết nứt dưới đáy nên nước bị chảy ra ngoài với lưu lượng là $L_{2}(t) = 2t$ (lít/phút). Dung tích tối đa của bể là 2015 lít.

Hỏi trong các mệnh đề dưới đây, mệnh đề nào là đúng, mệnh đề nào là sai?

a) Nếu bơm được 30 phút thì dừng thì lượng nước trong bể chưa đầy bể.

b) Thể tích nước được bơm vào bể trong 5 phút đầu tiên là 90 (lít).

c) Thể tích nước chảy ra từ bể trong 5 phút đầu tiên là 10 (lít).

d) Khi nước chảy vào vừa làm đầy bể, thì đã có nhiều hơn 900 lít nước bị chảy ra ngoài (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị).

b) Đúng. Thể tích nước được bơm vào bể trong 5 phút đầu tiên là:

\\(\\int\\limits_0^5 {{L_1}(t)dt}  = \\int\\limits_0^5 {(6t + 3)dt}  = 90\\) (lít).

c) Sai. Thể tích nước chảy ra từ bể trong 5 phút đầu tiên là:

\\(\\int\\limits_0^5 {{L_2}(t)dt}  = \\int\\limits_0^5 {2tdt}  = 25\\) (lít).

a) Đúng. Thể tích nước trong bể sau 30 phút là:

\\(\\int\\limits_0^{30} {\\left[ {{L_1}(t) - {L_2}(t)} \\right]dt}  = \\int\\limits_0^{30} {(6t + 3 - 2t)dt}\\)

\\(  = \\int\\limits_0^{30} {(4t + 3)dt}  = 1890\\) (lít).

Vậy sau 30 phút bơm thì nước chưa đầy bể vì 1890 < 2015.

d) Đúng. Nước đầy bể thì \\(\\int\\limits_0^t {\\left[ {{L_1}(t) - {L_2}(t)} \\right]dt}  = 2015 \\)

\\(\\Leftrightarrow \\int\\limits_0^t {(4t + 3)dt}  = 2015 \\Leftrightarrow 2{t^2} + 3t = 2015\\)

\\(\\Leftrightarrow \\left[ \\begin{array}{l}t = 31\\\\t =  - \\frac{{65}}{2}\\end{array} \\right.\\). Vì t > 0 nên ta nhận nghiệm t = 31.

Vậy nước bơm sau 31 phút thì đầy bể. Lượng nước đã chảy ra ngoài là:

\\(\\int\\limits_0^{31} {{L_2}(t)dt}  = \\int\\limits_0^{31} {2tdt}  = 961\\) (lít) > 900 (lít).

b) Tính \\(\\int\\limits_0^5 {{L_1}(t)dt} \\).

c) Tính \\(\\int\\limits_0^5 {{L_2}(t)dt} \\).

a) Tính \\(\\int\\limits_0^{30} {\\left[ {{L_1}(t) - {L_2}(t)} \\right]dt} \\).

d) Tìm \\({t_0}\\) sao cho \\(\\int\\limits_0^{{t_0}} {\\left[ {{L_1}(t) - {L_2}(t)} \\right]dt}  = 2015\\). Tính \\(\\int\\limits_0^{{t_0}} {{L_2}(t)dt} \\).

Một nhà máy A chuyên sản xuất một loại sản phẩm cho nhà máy B, nhà máy A chỉ bán sản phẩm cho nhà máy B và nhà máy B cam kết thu mua hết số sản phẩm mà nhà máy A sản xuất được. Nhà máy A có khả năng sản xuất được tối đa là 200 tấn sản phẩm trong 1 tháng. Nếu bán ra x tấn sản phẩm cho nhà máy B thì giá bán mỗi tấn sản phẩm là \\(50 - 0,0002{x^2}\\) triệu đồng. Trong một tháng nhà máy A phải chi phí cho nhân công và chi cho khấu hao máy móc một lượng cố định là 150 triệu đồng, ngoài ra khi sản xuất mỗi tấn sản phẩm thì nhà máy phải chi phí thêm cho mua nguyên liệu là 35 triệu đồng. Biết rằng nhà máy A phải nộp 5% doanh thu cho cơ quan thuế. Tính lợi nhuận sau thuế (lợi nhuận sau khi đã trừ tiền thuế) lớn nhất thu được trong 1 tháng của nhà máy A (đơn vị tính là tỉ đồng và kết quả làm tròn đến hàng phần trăm).

Tìm hàm lợi nhuận của nhà máy A và áp dụng đạo hàm, tìm GTLN.

Doanh thu nhà máy A:

\\(x\\left( {50 - 0,0002{x^2}} \\right) = 50x - 0,0002{x^3}\\) (triệu đồng).

Chi phí nguyên liệu: 35x (triệu đồng).

Thuế: \\(5\\% \\left( {50x - 0,0002{x^3}} \\right)\\) (triệu đồng).

Lợi nhuận nhà máy A:

\\(L(x) = 50x - 0,0002{x^3} - 35x - 5\\% \\left( {50x - 0,0002{x^3}} \\right) - 150 \\)

\\(=  - 0,00019{x^3} + 12,5x - 150\\).

\\(L'(x) =  - 0,00057{x^2} + 12,5 = 0 \\Leftrightarrow x \\approx 148,09\\) (vì x thuộc đoạn [0; 200]).

Ta có L(0) = -150; L(148,09) \\( \\approx \\) 1083,96; L(200) = 830.

Vậy lợi nhuận sau thuế lớn nhất thu được là xấp xỉ 1,08 tỉ đồng.

Một hộ gia đình muốn xây dựng một kho chứa mini dạng khối tứ diện OABC tận dụng góc tường nhà (với O là góc tường, ba cạnh OA, OB, OC nằm trên ba mép tường vuông góc). Để lắp đặt hệ thống thông gió, mặt phía trước của kho (mặt phẳng ABC) bắt buộc phải đi qua một van điều tiết đặt tại vị trí M có tọa độ M(1; 2; 1) (đơn vị tính là mét). Gia đình muốn thiết kế kho sao cho thể tích của kho là nhỏ nhất để không làm ảnh hưởng quá nhiều đến diện tích sinh hoạt của sân chung. Khi kho được thiết kế với thể tích nhỏ nhất, hãy tính khoảng cách từ góc tường O đến mặt phẳng (ABC).

Lập phương trình (ABC) theo đoạn chắn, áp dụng BĐT AM – GM để tìm thể tích kho nhỏ nhất. Từ đó suy ra các hệ số của phương trình (ABC) và tính khoảng cách.

Gọi tọa độ các điểm trên các trục là A(a; 0; 0), B(0; b; 0), và C(0; 0; c) với a, b, c > 0.

Mặt phẳng (ABC) là mặt trước của kho, có phương trình theo đoạn chắn là: \\(\\frac{x}{a} + \\frac{y}{b} + \\frac{z}{c} = 1\\).

Vì mặt phẳng này đi qua điểm M(1; 2; 1), ta có: \\(\\frac{1}{a} + \\frac{2}{b} + \\frac{1}{c} = 1\\).

Áp dụng BĐT AM – GM cho ba số dương a, b, c:

\\(\\frac{1}{a} + \\frac{2}{b} + \\frac{1}{c} \\ge 3\\sqrt[3]{{\\frac{1}{a}.\\frac{2}{b}.\\frac{1}{c}}}\\)

\\( \\Leftrightarrow 1 \\ge 3\\sqrt[3]{{\\frac{2}{{abc}}}} \\Leftrightarrow \\sqrt[3]{{\\frac{2}{{abc}}}} \\le \\frac{1}{3}\\)

\\(\\Leftrightarrow \\frac{2}{{abc}} \\le \\frac{1}{{27}} \\Leftrightarrow abc \\ge 54\\).

Thể tích kho là: \\({V_{OABC}} = \\frac{1}{6}abc \\ge \\frac{1}{6}.54 = 9\\).

Dấu “=” xảy ra \\( \\Leftrightarrow \\frac{1}{a} = \\frac{2}{b} = \\frac{1}{c} = \\frac{1}{3} \\Leftrightarrow \\) a = 3, b = 6, c = 3.

Vậy (ABC): \\(\\frac{x}{3} + \\frac{y}{6} + \\frac{z}{3} = 1 \\Leftrightarrow 2x + y + 2z - 6 = 0\\).

\\(d(O,(ABC)) = \\frac{{\\left| {2.0 + 1.0 + 2.0 - 6} \\right|}}{{\\sqrt {{2^2} + {1^2} + {2^2}} }} = 2\\).

Giả sử dân số Việt Nam được dự báo theo mô hình logistic, giai đoạn từ năm 2023 đến hết năm 2035 là hàm số \\(P(t) = \\frac{{120}}{{1 + 0,2{e^{ - 0,06t}}}}\\) (triệu người), trong đó t là số năm tính từ đầu năm 2023. Chi phí an sinh xã hội bình quân theo đầu người được mô hình hoá bởi hàm số \\(C(t) = 25 - 20{e^{ - 0,05t}}\\) (triệu đồng/đầu người/năm). Tính tốc độ thay đổi của tổng chi phí an sinh xã hội toàn quốc (nghìn tỷ đồng/năm) vào đầu năm 2030 (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị).

Tổng chi phí an sinh xã hội E(t) = Chi phí an sinh xã hội bình quân theo đầu người C(t) x Dân số P(t).

Do đó ta tìm hàm E(t) = P(t).C(t) và tính E’(7).

Đơn vị của E(t) là: (triệu đồng/đầu người/năm) x (triệu đồng) = (nghìn tỷ đồng/đầu người/năm).

Tổng chi phí an sinh xã hội toàn quốc là:

\\(E(t) = P(t).C(t) = \\frac{{120\\left( {25 - 20{e^{ - 0,05t}}} \\right)}}{{1 + 0,2{e^{ - 0,06t}}}}\\) (triệu đồng/năm).

\\(E'(t) = \\frac{{120{e^{ - 0,05t}}.\\left( {1 + 0,2{e^{ - 0,06t}}} \\right) - 120\\left( {25 - 20{e^{ - 0,05t}}} \\right).\\left( { - 0,012{e^{ - 0,06t}}} \\right)}}{{{{\\left( {1 + 0,2{e^{ - 0,06t}}} \\right)}^2}}}\\).

Tốc độ thay đổi của tổng chi phí an sinh xã hội toàn quốc (nghìn tỷ đồng/năm) vào đầu năm 2030:

\\(E'(7) = \\frac{{120{e^{ - 0,05.7}}.\\left( {1 + 0,2{e^{ - 0,06.7}}} \\right) - 120\\left( {25 - 20{e^{ - 0,05.7}}} \\right).\\left( { - 0,012{e^{ - 0,06.7}}} \\right)}}{{{{\\left( {1 + 0,2{e^{ - 0,06.7}}} \\right)}^2}}} \\approx 83\\) (nghìn tỷ đồng/năm).

Trong hệ trục toạ độ Oxy, đơn vị mỗi trục là mét, một đường trượt mới sẽ được xây dựng theo bản thiết kế đã trình bày như hình vẽ. Thanh trượt bắt đầu từ A và kết thúc tại C, đường cong của thanh trượt là một phần của đồ thị hàm số \\(f\\left( x \\right) = \\frac{{a{x^2} + bx + c}}{{x + d}}\\), biết đồ thị hàm số f(x) tiếp xúc với trục Ox tại điểm B.

Bạn Nam bắt đầu trượt từ điểm A, hỏi khi Nam cách vị trí ban đầu theo phương ngang một khoảng 5 mét thì Nam cách mặt đất bao nhiêu mét, biết trục Ox nằm trên mặt đất (kết quả làm tròn đến hàng phần trăm).

Dựa vào các điểm thuộc đồ thị, tìm các hệ số a, b, c, d rồi tính f(5).

Ta có \\(f'(x) = \\frac{{a{x^2} + 2adx + (bd - c)}}{{{{(x + d)}^2}}}\\).

Đồ thị hàm số:

- Đi qua A(0; 10): \\(f(0) = 10 \\Rightarrow \\frac{c}{d} = 10 \\Rightarrow c = 10d\\).

- Đi qua B(10; 0): \\(f(10) = 0 \\Rightarrow 100a + 10b + c = 0 \\)

\\(\\Leftrightarrow 100a + 10b + 10d = 0 \\Leftrightarrow b =  - 10a - d\\).

- Tiếp xúc với Ox tại B: \\(a{(10)^2} + 2ad(10) + (bd - c) = 0\\)

\\(\\Rightarrow 100a + 20ad + bd - c = 0\\)

\\( \\Leftrightarrow 100a + 20ad + ( - 10a - d)d - 10d = 0\\)

\\(\\Leftrightarrow 100a + 10ad - {d^2} - 10d = 0\\) (*).

- Đi qua C(15; 1): \\(f(15) = 1 \\Rightarrow \\frac{{225a + 15b + c}}{{15 + d}} = 1 \\)

\\(\\Leftrightarrow 225a + 15b + c = 15 + d\\)

\\( \\Leftrightarrow 225a + 15( - 10a - d) + 10d = 15 + d\\)

\\(\\Leftrightarrow a = \\frac{{5 + 2d}}{{25}}\\).

Thế vào (*), ta được:

\\(100.\\frac{{5 + 2d}}{{25}} + 10.\\frac{{5 + 2d}}{{25}}.d - {d^2} - 10d = 0 \\Leftrightarrow d =  \\pm 10\\).

Nếu d = -10 thì tiệm cận đứng của đồ thị là x = 10, điều này vô lí vì B(10; 0). Do đó d = 10.

Ta tính được các giá trị còn lại là a = 1, b = -20, c = 100. Vậy \\(f\\left( x \\right) = \\frac{{{x^2} - 20x + 100}}{{x + 10}}\\).

Nam cách vị trí ban đầu theo phương ngang một khoảng 5 mét tức là x = 5.

Khoảng cách từ Nam đến mặt đất khi đó là: \\(f\\left( 5 \\right) = \\frac{{{5^2} - 20.5 + 100}}{{5 + 10}} \\approx 1,67\\) (m).

Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho hình hộp ABC.A’B’C’D’ có A(-3; 2; 1), C(4; 2; 0), B’(-2; 1; 1), D’(3; 5; 4). Gọi toạ độ của điểm A’ là A’(a; b; c). Tính giá trị của biểu thức \\(\\frac{{a - b - c}}{2}\\).

Đặt \\(\\overrightarrow u  = \\overrightarrow {AA'}\\).

Áp dụng quy tắc hình bình hành tìm \\(\\overrightarrow u \\), từ đó suy ra tọa độ điểm A.

ABCD là hình bình hành nên \\(\\overrightarrow {AB}  + \\overrightarrow {AD}  = \\overrightarrow {AC} \\)

\\( \\Leftrightarrow \\left\\{ \\begin{array}{l}{x_C} - {x_A} = {x_B} - {x_A} + {x_D} - {x_A}\\\\{y_C} - {x_A} = {y_B} - {x_A} + {y_D} - {y_A}\\\\{z_C} - {z_A} = {z_B} - {z_A} + {z_D} - {z_A}\\end{array} \\right.\\)

\\(\\Leftrightarrow \\left\\{ \\begin{array}{l}{x_B} + {x_D} - {x_A} - {x_C} = 0\\\\{y_B} + {y_D} - {y_A} - {y_C} = 0\\\\{z_B} + {z_D} - {z_A} - {z_C} = 0\\end{array} \\right.\\) (*)

Đặt \\(\\overrightarrow u  = \\overrightarrow {BB'}  = \\overrightarrow {DD'}  \\)

\\(\\Rightarrow \\left\\{ \\begin{array}{l}{x_{B'}} - {x_B} = {x_{\\overrightarrow u }}\\\\{y_{B'}} - {y_B} = {y_{\\overrightarrow u }}\\\\{z_{B'}} - {z_B} = {z_{\\overrightarrow u }}\\\\{x_{D'}} - {x_D} = {x_{\\overrightarrow u }}\\\\{y_{D'}} - {y_D} = {y_{\\overrightarrow u }}\\\\{z_{D'}} - {z_D} = {y_{\\overrightarrow u }}\\end{array} \\right. \\Leftrightarrow \\left\\{ \\begin{array}{l}{x_B} = {x_{B'}} - {x_{\\overrightarrow u }}\\\\{y_B} = {y_{B'}} - {y_{\\overrightarrow u }}\\\\{z_B} = {z_{B'}} - {z_{\\overrightarrow u }}\\\\{x_D} = {x_{D'}} - {x_{\\overrightarrow u }}\\\\{y_D} = {y_{D'}} - {y_{\\overrightarrow u }}\\\\{z_D} = {z_{D'}} - {z_{\\overrightarrow u }}\\end{array} \\right.\\)

Thay vào (*), được:

\\(\\left\\{ \\begin{array}{l} - 2{x_{\\overrightarrow u }} + {x_{B'}} + {x_{D'}} - {x_A} - {x_C} = 0\\\\ - 2{y_{\\overrightarrow u }} + {y_{B'}} + {y_{D'}} - {y_A} - {y_C} = 0\\\\ - 2{z_{\\overrightarrow u }} + {z_{B'}} + {z_{D'}} - {z_A} - {z_C} = 0\\end{array} \\right.\\)

\\( \\Leftrightarrow \\left\\{ \\begin{array}{l} - 2{x_{\\overrightarrow u }} + ( - 2) + 3 - ( - 3) - 4 = 0\\\\ - 2{y_{\\overrightarrow u }} + 1 + 5 - 2 - 2 = 0\\\\ - 2{z_{\\overrightarrow u }} + 1 + 4 - 1 - 0 = 0\\end{array} \\right.\\)

\\(\\Leftrightarrow \\overrightarrow u  = (0;1;2) = \\overrightarrow {AA'}  = (a + 3;b - 2;c - 1)\\)

\\( \\Rightarrow a =  - 3;b = 3;c = 3 \\Rightarrow \\frac{{a - b - c}}{2} =  - 4,5\\).

Một mái nhà được tạo bởi hai nửa lục giác đều ABCD, ABC’D’ và hai tam giác bằng nhau ADD’, BCC’. Biết CDD’C’ là hình chữ nhật và AB // CD // C’D’, CD = C’D’ = 2AB = 6 m, DD’ = 4 m. Tìm số đo góc nhị diện [D’, AD, C] (làm tròn kết quả đến hàng đơn vị của độ).

Gọi M, N lần lượt là trung điểm của DD’, CC’. Do  cân tại A nên .

Gọi H là hình chiếu của A xuống MN. Gọi K là hình chiếu của A xuống DC.

Gắn hệ trục toạ độ với H trùng O, HA trùng Oz, HK trùng Ox, HM trùng Oy.

Tính góc nhị diện bằng góc giữa 2 mặt phẳng bằng phương pháp toạ độ trong không gian.

Gọi M, N lần lượt là trung điểm của DD', CC'. Do \\(\\Delta ADD'\\) cân tại A nên \\(AM \\bot DD'\\).

Gọi H là hình chiếu của lên MN, K là hình chiếu của A lên DC.

\\(DK = MH = \\frac{{MN - AB}}{2} = \\frac{{6 - 3}}{2} = 1,5\\);

ABCD là một nửa hình lục giác đều nên AD = AB = BC = 3.

\\(\\Rightarrow AK = \\sqrt {A{D^2} - D{K^2}}  = \\frac{{3\\sqrt 3 }}{2}\\).

\\(HK = \\frac{1}{2}DD' = 2 \\Rightarrow AH = \\sqrt {A{K^2} - H{K^2}}  = \\frac{{\\sqrt {11} }}{2}\\).

\\(AM = \\sqrt {A{D^2} - M{D^2}}  = \\sqrt {{3^2} - {2^2}}  = \\sqrt 5\\).

\\(\\Rightarrow HM = \\sqrt {A{M^2} - A{H^2}}  = \\frac{3}{2}\\).

Gắn hệ trục toạ độ với H trùng O, HA trùng Oz, HK trùng Ox, HM trùng Oy.

Khi đó \\(A\\left( {0;0;\\frac{{\\sqrt {11} }}{2}} \\right), K(2;0;0), M\\left( {0;\\frac{3}{2};0} \\right) \\Rightarrow D\\left( {2;\\frac{3}{2};0} \\right)\\).

\\( \\Rightarrow \\overrightarrow {AK} \\left( {2;0; - \\frac{{\\sqrt {11} }}{2}} \\right);\\overrightarrow {DK} \\left( {0; - \\frac{3}{2};0} \\right)\\).

\\(\\Rightarrow \\overrightarrow {{n_{(ADK)}}}  = \\left[ {\\overrightarrow {AK} ,\\overrightarrow {DK} } \\right] = \\left( { - \\frac{{3\\sqrt {11} }}{4};0; - 3} \\right)\\).

Ta có \\(\\overrightarrow {MA} \\left( {0; - \\frac{3}{2};\\frac{{\\sqrt {11} }}{2}} \\right),\\overrightarrow {MD} (2;0;0)\\).

\\(\\Rightarrow \\overrightarrow {{n_{(AMD)}}}  = \\left[ {\\overrightarrow {MA} ,\\overrightarrow {MD} } \\right] = \\left( {0;\\sqrt {11} ;3} \\right)\\).

\\( \\Rightarrow \\cos (\\overrightarrow {{n_{(ADK)}}} ,\\overrightarrow {{n_{(AMD)}}} ) = \\frac{{ - 9}}{{\\sqrt {\\frac{{243}}{{16}}}  \\cdot \\sqrt {20} }} =  - \\frac{{2\\sqrt {15} }}{{15}} \\).

\\(\\Rightarrow [D',AD,C] \\approx {121^o}\\).